Question

如圖，在平面直角坐標系xOy中，拋物線y=

1

18

x²-

4

9

x-10與y軸的交點為點B，過點B作x軸的平行線BC，交拋物線于點C，連接AC．現有兩動點P，Q分別從O，C兩點同時出發，點P以每秒4個單位的速度沿OA向終點A移動，點Q以每秒1個單位的速度沿CB向點B移動，點P停止運動時，點Q也同時停止運動，線段OC，PQ相交于點D，過點D作DE∥OA，交CA于點E，射線QE交x軸于點F．設動點P，Q移動的時間為t（單位：秒）．
（1）求A，B，C三點的坐標和拋物線的頂點的坐標；
（2）當t為何值時，四邊形PQCA為平行四邊形？請寫出計算過程；
（3）當0＜t＜

9

2

時，△PQF的面積是否總為定值？若是，求出此定值，若不是，請說明理由；
（4）當t為何值時，△PQF為等腰三角形？請寫出解答過程．

Answer 1

（1）y=

1

18

（x²-8x-180），
令y=0，得x²-8x-180=0，
即（x-18）（x+10）=0，
∴x=18或x=-10．
∴A（18，0）
在y=

1

18

x²-

4

9

x-10中，令x=0得y=-10，
即B（0，-10）．
由于BC∥OA，
故點C的縱坐標為-10，
由-10=

1

18

x²-

4

9

x-10得，
x=8或x=0，
即C（8，-10）且易求出頂點坐標為（4，-

98

9

），
于是，A（18，0），B（0，-10），C（8，-10），頂點坐標為（4，-

98

9

）；

（2）若四邊形PQCA為平行四邊形，由于QC∥PA．
故只要QC=PA即可，
而PA=18-4t，CQ=t，
故18-4t=t得t=

18

5

；

（3）設點P運動t秒，則OP=4t，CQ=t，0＜t＜4.5，
說明P在線段OA上，且不與點OA、重合，
由于QC∥OP知△QDC∽△PDO，故

QD

DP

=

QC

OP

=

t

4t

=

1

4

∵△AEF∽△CEQ，
∴AF：CQ=AE：EC=DP：QD=4：1，
∴AF=4t=OP
∴PF=PA+AF=PA+OP=18
又∵點Q到直線PF的距離d=10，
∴S_△PQF=

1

2

PF•d=

1

2

×18×10=90，
于是△PQF的面積總為90；

（4）設點P運動了t秒，則P（4t，0），F（18+4t，0），Q（8-t，-10）t∈（0，4.5）．
∴PQ²=（4t-8+t）²+10²=（5t-8）²+100
FQ²=（18+4t-8+t）²+10²=（5t+10）²+100．
①若FP=FQ，則18²=（5t+10）²+100．
即25（t+2）²=224，（t+2）²=

224

25

．
∵0≤t≤4.5，
∴2≤t+2≤6.5，
∴t+2=

224 25

=

4 14

5

．
∴t=

4 14

5

-2，
②若QP=QF，則（5t-8）²+100=（5t+10）²+100．
即（5t-8）²=（5t+10）²，無0≤t≤4.5的t滿足．
③若PQ=PF，則（5t-8）²+100=18²．
即（5t-8）²=224，由于

224

≈15，又0≤5t≤22.5，
∴-8≤5t-8≤14.5，而14.5²=（

29

2

）²=

841

4

＜224．
故無0≤t≤4.5的t滿足此方程．
注：也可解出t=

8-4 14

5

＜0或t=

8+4 14

5

＞4.5均不合題意，
故無0≤t≤4.5的t滿足此方程．
綜上所述，當t=

4 14

5

-2時，△PQF為等腰三角形．