Question

【題目】如圖，二次函數(shù)y= x2+bx+c的圖象與x軸交于A（3，0），B（﹣1，0），與y軸交于點(diǎn)C．若點(diǎn)P，Q同時(shí)從A點(diǎn)出發(fā)，都以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度的速度分別沿AB，AC邊運(yùn)動(dòng)，其中一點(diǎn)到達(dá)端點(diǎn)時(shí)，另一點(diǎn)也隨之停止運(yùn)動(dòng)．

（1）求該二次函數(shù)的解析式及點(diǎn)C的坐標(biāo)；
（2）當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)Q停止運(yùn)動(dòng)，這時(shí)，在x軸上是否存在點(diǎn)E，使得以A，E，Q為頂點(diǎn)的三角形為等腰三角形？若存在，請(qǐng)求出E點(diǎn)坐標(biāo)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．
（3）當(dāng)P，Q運(yùn)動(dòng)到t秒時(shí)，△APQ沿PQ翻折，點(diǎn)A恰好落在拋物線上D點(diǎn)處，請(qǐng)判定此時(shí)四邊形APDQ的形狀，并求出D點(diǎn)坐標(biāo)．

Answer 1

【答案】
（1）

解：∵二次函數(shù)y= x2+bx+c的圖象與x軸交于A（3，0），B（﹣1，0），

∴ ，

解得 ，

∴y= x2﹣ x﹣4．

∴C（0，﹣4）

（2）

解：方法（1）：存在．

如圖1，過(guò)點(diǎn)Q作QD⊥OA于D，此時(shí)QD∥OC，

∵A（3，0），B（﹣1，0），C（0，﹣4），O（0，0），

∴AB=4，OA=3，OC=4，

∴AC= =5，

∵當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)Q停止運(yùn)動(dòng)，AB=4，

∴AQ=4．

∵QD∥OC，

∴ ，

∴ ，

∴QD= ，AD= ．

①作AQ的垂直平分線，交AO于E，此時(shí)AE=EQ，即△AEQ為等腰三角形，

設(shè)AE=x，則EQ=x，DE=AD﹣AE=| ﹣x|，

∴在Rt△EDQ中，（ ﹣x）2+（ ）2=x2，解得 x= ，

∴OA﹣AE=3﹣ =﹣ ，

∴E（﹣ ，0），

說(shuō)明點(diǎn)E在x軸的負(fù)半軸上；

②以Q為圓心，AQ長(zhǎng)半徑畫圓，交x軸于E，此時(shí)QE=QA=4，

∵ED=AD= ，

∴AE= ，

∴OA﹣AE=3﹣ =﹣ ，

∴E（﹣ ，0）．

③當(dāng)AE=AQ=4時(shí)，

（i）．當(dāng)E在A點(diǎn)左邊時(shí)，

∵OA﹣AE=3﹣4=﹣1，

∴E（﹣1，0）．

（ii）．當(dāng)E在A點(diǎn)右邊時(shí)，

∵OA+AE=3+4=7，

∴E（7，0）．

綜上所述，存在滿足條件的點(diǎn)E，點(diǎn)E的坐標(biāo)為（﹣ ，0）或（﹣ ，0）或（﹣1，0）或（7，0）

方法二：

∵點(diǎn)P、Q同時(shí)從A點(diǎn)出發(fā)，都已每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度的速度分別沿AB，AC運(yùn)動(dòng)．過(guò)點(diǎn)Q作x軸垂線，垂足為H．

∵A（3，0），C（0，4），

∴l(xiāng)AC：y= x﹣4，

∵點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)Q停止運(yùn)動(dòng)，

∴AP=AQ=4，

∴QH= ，Qy=﹣ ，

代入LAC：y= x﹣4得，Qx= ，則Q（ ，﹣ ），

∵點(diǎn)E在x軸上，

∴設(shè)E（a，0），

∵A（3，0），Q（ ，﹣ ），△AEQ為等腰三角形，

∴AE=EQ，AE=AQ，EQ=AQ，

∴（a﹣3）2=（a﹣ ）2+（0+ ）2，∴a=﹣ ，

（a﹣3）2=（3﹣ ）2+（0+ ）2，∴a1=7，a2=﹣1，

（a﹣ ）2+（0+ ）2=（3﹣ ）2+（0+ ）2，∴a1=﹣ ，a2=3（舍）

∴點(diǎn)E的坐標(biāo)為（﹣ ，0）或（﹣ ，0）或（﹣1，0）或（7，0）

（3）

解：方法（1）：四邊形APDQ為菱形，D點(diǎn)坐標(biāo)為（﹣ ，﹣ ）．理由如下：

如圖2，D點(diǎn)關(guān)于PQ與A點(diǎn)對(duì)稱，過(guò)點(diǎn)Q作，F(xiàn)Q⊥AP于F，

∵AP=AQ=t，AP=DP，AQ=DQ，

∴AP=AQ=QD=DP，

∴四邊形AQDP為菱形，

∵FQ∥OC，

∴ ，

∴ ，

∴AF= ，F(xiàn)Q= ，

∴Q（3﹣ ，﹣ ），

∵DQ=AP=t，

∴D（3﹣ ﹣t，﹣ ），

∵D在二次函數(shù)y= x2﹣ x﹣4上，

∴﹣ = （3﹣ t）2﹣ （3﹣ t）﹣4，

∴t= ，或t=0（與A重合，舍去），

∴D（﹣ ，﹣ ）

方法二：

∵P，Q運(yùn)動(dòng)到t秒，

∴設(shè)P（3﹣t，0），Q（3﹣ t，﹣ t），

∴KPQ= ，KPQ=﹣2，

∵AD⊥PQ，

∴KPQKAD=﹣1，

∴KAD= span> ，

∵A（3，0），

∴l(xiāng)AD：y= x﹣ ，

∵y= ，

∴x1=3（舍），x2=﹣ ，

∴D（﹣ ，﹣ ），

∵DY=QY，即﹣ t=﹣ ，t= ，DQ∥AP，DQ=AQ=AP，此時(shí)四邊形APDQ的形狀為菱形．

【解析】（1）將A，B點(diǎn)坐標(biāo)代入函數(shù)y= x2+bx+c中，求得b、c，進(jìn)而可求解析式及C坐標(biāo)．（2）等腰三角形有三種情況，AE=EQ，AQ=EQ，AE=AQ．借助垂直平分線，畫圓易得E大致位置，設(shè)邊長(zhǎng)為x，表示其他邊后利用勾股定理易得E坐標(biāo)．（3）注意到P，Q運(yùn)動(dòng)速度相同，則△APQ運(yùn)動(dòng)時(shí)都為等腰三角形，又由A、D對(duì)稱，則AP=DP，AQ=DQ，易得四邊形四邊都相等，即菱形．利用菱形對(duì)邊平行且相等等性質(zhì)可用t表示D點(diǎn)坐標(biāo)，又D在E函數(shù)上，所以代入即可求t，進(jìn)而D可表示．