題目列表(包括答案和解析)
已知F1、F2是雙曲線
的兩個焦點，PQ是過點F1的弦，且PQ的傾斜角為
，那么|PF2|＋|QF2|－|PQ|的值為（ ）
A.16
B.12
C.8
D. 隨大小變化
已知F1、F2是雙曲線
的兩個焦點，PQ是過點F1的弦，且PQ的傾斜角為
，那么|PF2|＋|QF2|－|PQ|的值為（ ）
A.16
B.12
C.8
D. 隨大小變化
已知F1、F2是雙曲線
的兩個焦點，M為雙曲線上的點，若
MF1⊥MF2，∠MF2F1 = 60°，則雙曲線的離心率為 （ ）
A． 
B．
C．
D．
已知F1、F2是雙曲線
的兩個焦點，PQ是過點F1的弦，且PQ的傾斜角為
，那么|PF2|＋|QF2|－|PQ|的值為（ ）
A.16
B.12
C.8
D. 隨大小變化
一、1．B 2．B 3．D 4．B 5．D 6．A 7．B 8．C 9．B 10．B 11．B 12．D
二、13． 14．32 15．162 16．3
三、17．解：（1）
（2）
，
18．解：（1）設5次實驗中只成功一次為事件A，一次都不成功為事件B，
則P（5次實驗至少2次成功）=1－P（A）－P（B）=1－
（法2：所求概率為）
（2）ξ的可能取值為2、3、4、5
又
19．解法1：（1）取CD的中點E，連結PE、EM、EA
∵△PCD為正三角形 ∴PE⊥CD，PE=PDsin∠PDE=2sin60°=
∵平面PCD⊥平面ABCD ∴PE⊥平面ABCD
∵四邊形ABCD是矩形 ∴△ADE、△ECM、△ABM均為直角三角形
由勾股定理可求得EM=，AM=，AE=3 ∴EM2+AM2=AE2
∴∠AME=90° ∴AM⊥PM
（2）由（1）可知EM⊥AM，PM⊥AM ∴∠PME是二面角P―AM―D的平面角
∴tan∠PME= ∴∠PMA=45° ∴二面角P―AM―D為45°
（3）設D點到平面PAM的距離為d，連結DM，則
在Rt△PEM中，由勾股定理可求得PM=，，
解法2：（1）以D點為原點，
分別以直線DA、DC
為x軸、y軸，建立
如圖所示的空間直角
坐標系D―xyz，
依題意，可得D（0，0，0），P（0，1，），C（0，2，0），A（2，0，0），
M（，2，0），
即，∴AM⊥PM.
（2）設平面PAM，則
取y=1，得 顯然平面ABCD
.
結合圖形可知，二面角P―AM―D為45°；
（3）設點D到平面PAM的距離為d，由（2）可知）與平面PAM垂直，
則
即點D到平面PAM的距離為
20．解：（1）
①當時 由
解得：定義域為（0，+∞）
∴函數的單調遞增區間為（
由可知的單調遞增區間為
②當時 同理可得：函數的單調遞增區間為
函數的單調遞減區間為
（2）當時，
令
當上單調遞增
當上單調遞減
又在[1，3]上連續 為函數的極大值.
又
是函數在[1，3]上的最小值，
為在[1，3]的最大值.
21．解：（1）在直線
∵P1為直線l與y軸的交點，∴P1（0，1） ，
又數列的公差為1
（2）
（3）
是以2為公比，4為首項的等比數列，
22．解：（1）直線l過點（3，）且方向向量為）
∴l方程為 化簡為：
∵直線和橢圓交于兩點和x軸交于M（1，0）
又
即
（2） ∴橢圓C方程為
由
∴橢圓C方程為：
（3）將中得 ①
由韋達定理知：
由②2/③知：………④
對方程①求判別式，且由 即
化簡為：………………⑤
由④式代入⑤式可知：，求得，
又橢圓的焦點在x軸上，則，
由④知：，結合，求得
因此所求橢圓長軸長2a范圍為（2，）.
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