Question

設函數y=f（x）對任意的實數x，都有，且當x∈[0，1]時，f（x）=27x²（1-x）．
（1）若x∈[1，2]時，求y=f（x）的解析式；
（2）對于函數y=f（x）（x∈[0，+∞）），試問：在它的圖象上是否存在點P，使得函數在點P處的切線與 x+y=0平行．若存在，那么這樣的點P有幾個；若不存在，說明理由．
（3）已知 n∈N^*，且 x_n∈x[n，n+1]，記 S_n=f（x₁）+f（x₂）+…+f（x_n），求證：0≤S_n＜4．

Answer 1

【答案】分析：（1）由f（x）=，設x∈[1，2]，則0≤x-1≤1，能求出f（x）．
（2）設x∈[n，n+1]，則0≤x-n≤1，f（x-n）=27（x-n）（n+1-x），f（x）====…==（x-n）²（n+1-x），由此入手能夠求出滿足題意的點P的個數．
（3）由（2）知f′（x）=-（x-n）[x-（n+）]，當x∈（n，n+）時，f′（x）＞0，f（x）在（n+，n+1）上遞減，當x∈[n，n+1]，n∈N時，f（x）_max=f（n+）=，
又f（x）≥f（n）=f（n+1）=0，由此能夠證明0≤S_n＜4．
解答：解：（1）∵f（x）=，
設x∈[1，2]，則0≤x-1≤1，
∴f（x）==（x-1）²（2-x）．
（2）設x∈[n，n+1]，則0≤x-n≤1，
f（x-n）=27（x-n）（n+1-x），
∴f（x）====…==（x-n）²（n+1-x），
∴y=f（x），x∈[0，+∞]．
f（x）=，x∈[n，n+1]，n∈N．
∴f′（x）=
=-[3x²-2（3n+1）x+n（3n+2）]
=-[x²-2（n+）x+n（n+）]
=-（x-n）[x-（n+）]，
∴問題轉化為判斷關于x的方程-（x-n）[x-（n+）]=-1在[n，n+1]，n∈N內是否有解，
即在[n，n+1]，n∈N內是否有解，
令g（x）=（x-n）[x-（n+）]-=xⁿ-x+-，
函數y=g（x）的圖象是開口向上的拋物線，
其對稱軸是直線x=n+∈[n，n+1]，
判別式=，
且g（n）=-，g（n+1）==．
①當0≤n≤4，n∈N時，∵g（n+1）＞0，
∴方程分別在區間[0，1]，[1，2]，[2，3]，[3，4]，[4，5]上各有一解，
即存在5個滿足題意的點P．
②當n≥5（n∈N）時，∵g（n+1）＜0，
∴方程在區間[n，n+1]，n∈N，n≥5上無解．
綜上所述，滿足題意的點P有5個．
（3）由（2）知f′（x）=-（x-n）[x-（n+）]，
∴當x∈（n，n+）時，f′（x）＞0，f（x）在（n+，n+1）上遞減，
∴當x∈[n，n+1]，n∈N時，f（x）_max=f（n+）=，
又f（x）≥f（n）=f（n+1）=0，
∴對任意的n∈N^*，當x_n∈[n，n+1]時，都有0，
∴S_n=f（x₁）+f（x₂）+…+f（x_n）
≤
=4-＜4，
∴0≤S_n＜4．
點評：本題考查解析式的求法，考查滿足條件的點的個數的求法，考查不等式的證明．解題時要認真審題，注意等價轉化思想的合理運用．