Question

已知復(fù)數(shù)z₁=m+ni（m，n∈R），z=x+yi（x，y∈R），z₂=2+4i且z=

.

z1

i-z2．
（1）若復(fù)數(shù)z₁對(duì)應(yīng)的點(diǎn)M（m，n）在曲線y=-

1

2

(x+3)2-1上運(yùn)動(dòng)，求復(fù)數(shù)z所對(duì)應(yīng)的點(diǎn)P（x，y）的軌跡方程；
（2）將（1）中的軌跡上每一點(diǎn)按向量

a

=(

3

2

，1)方向平移

13

2

個(gè)單位，得到新的軌跡C，求C的軌跡方程；
（3）過(guò)軌跡C上任意一點(diǎn)A（異于頂點(diǎn)）作其切線，交y軸于點(diǎn)B，求證：以線段AB為直徑的圓恒過(guò)一定點(diǎn)，并求出此定點(diǎn)的坐標(biāo)．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)復(fù)數(shù)條件求出關(guān)系式

n=x+2 m=y+4

，結(jié)合復(fù)數(shù)z₁對(duì)應(yīng)的點(diǎn)M（m，n）在曲線y=-

1

2

(x+3)2-1上運(yùn)動(dòng)即可得出復(fù)數(shù)z所對(duì)應(yīng)的點(diǎn)P（x，y）的軌跡方程；
（2）先按向量

a

=(

3

2

，1)方向平移

13

2

個(gè)單位得到即為向 x 方向移動(dòng) 1×

3

2

=

3

2

個(gè)單位，向 y 方向移動(dòng) 1×1=1 個(gè)單位，再進(jìn)行函數(shù)式的變換即可得出C的軌跡方程；
（3）設(shè)A（x₀，y₀），斜率為k，切線y-y₀=k（x-x₀） 代入（y+6）²=-2x-3消去x得到關(guān)于y的一元二次方程，再結(jié)合根的判別式為0利用向量的數(shù)量即可求得定點(diǎn)，從而解決問(wèn)題．

解答：解：（1）∵

.

z1

i-z₂=（m-ni）•i-（2+4i）=（n-2）+（m-4）i；
∴

x=n-2 y=m-4

⇒

n=x+2 m=y+4

．
∵復(fù)數(shù)z₁對(duì)應(yīng)的點(diǎn)M（m，n）在曲線y=-

1

2

(x+3)2-1上運(yùn)動(dòng)
∴x+2=-

1

2

（y+7）²-1⇒（y+7）²=-2（x+3）．
復(fù)數(shù)z所對(duì)應(yīng)的點(diǎn)P（x，y）的軌跡方程：（y+7）²=-2（x+3）．
（2）∵按向量

a

=(

3

2

，1)方向平移

13

2

個(gè)單位，

( 3 2 ) 2+12

=

13

2

=1×

13

2

．
即為向 x 方向移動(dòng) 1×

3

2

=

3

2

個(gè)單位，向 y 方向移動(dòng) 1×1=1 個(gè)單位
（y+7）²=-2（x+3）⇒y+7=±

-2(x+3)

．
得軌跡方程 y+7=±

-2(x- 3 2 +3)

+1⇒（y+6）²=-2（x+

3

2

）=-2x-3．
C的軌跡方程為：（y+6）²=-2x-3．
（3）設(shè)A（x₀，y₀），斜率為k，切線y-y₀=k（x-x₀） （k≠0），
代入（y+6）²=-2x-3整理得：
（y+6）²=-2（

y-y 0

k

+x 0）-3，△=0⇒k=

x 0

2

，
設(shè)定點(diǎn)M（1，0），且

AM

•

BM

=0．
∴以線段AB為直徑的圓恒過(guò)一定點(diǎn)M，M點(diǎn)的坐標(biāo)（1，0）．

點(diǎn)評(píng)：本小題主要考查拋物線的簡(jiǎn)單性質(zhì)、直線與圓的位置關(guān)系等基礎(chǔ)知識(shí)，考查運(yùn)算求解能力，考查數(shù)形結(jié)合思想、化歸與轉(zhuǎn)化思想，本題巧妙地把點(diǎn)的軌跡方程和復(fù)數(shù)有機(jī)地結(jié)合在一起，解題時(shí)要注意復(fù)數(shù)的合理運(yùn)用．