Question

【題目】綜合與探究：
如圖，拋物線y= x2﹣ x﹣4與x軸交與A，B兩點（點B在點A的右側），與y軸交于點C，連接BC，以BC為一邊，點O為對稱中心作菱形BDEC，點P是x軸上的一個動點，設點P的坐標為（m，0），過點P作x軸的垂線l交拋物線于點Q．

（1）求點A，B，C的坐標．
（2）當點P在線段OB上運動時，直線l分別交BD，BC于點M，N．試探究m為何值時，四邊形CQMD是平行四邊形，此時，請判斷四邊形CQBM的形狀，并說明理由．
（3）當點P在線段EB上運動時，是否存在點Q，使△BDQ為直角三角形？若存在，請直接寫出點Q的坐標；若不存在，請說明理由．

Answer 1

【答案】
（1）解：當y=0時， x2﹣ x﹣4=0，解得x1=﹣2，x2=8，

∵點B在點A的右側，

∴點A的坐標為（﹣2，0），點B的坐標為（8，0）．

當x=0時，y=﹣4，

∴點C的坐標為（0，﹣4）．

（2）解：由菱形的對稱性可知，點D的坐標為（0，4）．

設直線BD的解析式為y=kx+b，則

，

解得k=﹣ ，b=4．

∴直線BD的解析式為y=﹣ x+4．

∵l⊥x軸，

∴點M的坐標為（m，﹣ m+4），點Q的坐標為（m， m2﹣ m﹣4）．

如圖，當MQ=DC時，四邊形CQMD是平行四邊形，

∴（﹣ m+4）﹣（ m2﹣ m﹣4）=4﹣（﹣4）．

化簡得：m2﹣4m=0，

解得m1=0（不合題意舍去），m2=4．

∴當m=4時，四邊形CQMD是平行四邊形．

此時，四邊形CQBM是平行四邊形．

解法一：∵m=4，

∴點P是OB的中點．

∵l⊥x軸，

∴l∥y軸，

∴△BPM∽△BOD，

∴ = = ，

∴BM=DM，

∵四邊形CQMD是平行四邊形，

∴DM CQ，

∴BM CQ，

∴四邊形CQBM是平行四邊形．

解法二：設直線BC的解析式為y=k1x+b1，則

，

解得k1= ，b1=﹣4．

故直線BC的解析式為y= x﹣4．

又∵l⊥x軸交BC于點N，

∴x=4時，y=﹣2，

∴點N的坐標為（4，﹣2），

由上面可知，點M的坐標為（4，2），點Q的坐標為（4，﹣6）．

∴MN=2﹣（﹣2）=4，NQ=﹣2﹣（﹣6）=4，

∴MN=QN，

又∵四邊形CQMD是平行四邊形，

∴DB∥CQ，

∴∠3=∠4，

∵在△BMN與△CQN中，

，

∴△BMN≌△CQN（ASA）

∴BN=CN，

∴四邊形CQBM是平行四邊形．

（3）解：拋物線上存在兩個這樣的點Q，分別是Q1（﹣2，0），Q2（6，﹣4）．

若△BDQ為直角三角形，可能有三種情形，如答圖2所示：

①以點Q為直角頂點．

此時以BD為直徑作圓，圓與拋物線的交點，即為所求之Q點．

∵P在線段EB上運動，

∴﹣8≤xQ≤8，而由圖形可見，在此范圍內，圓與拋物線并無交點，

故此種情形不存在．

②以點D為直角頂點．

連接AD，∵OA=2，OD=4，OB=8，AB=10，

由勾股定理得：AD= ，BD= ，

∵AD2+BD2=AB2，

∴△ABD為直角三角形，即點A為所求的點Q．

∴Q1（﹣2，0）；

③以點B為直角頂點．

如圖，設Q2點坐標為（x，y），過點Q2作Q2K⊥x軸于點K，則Q2K=﹣y，OK=x，BK=8﹣x．

易證△Q2KB∽△BOD，

∴ ，即 ，整理得：y=2x﹣16．

∵點Q在拋物線上，∴y= x2﹣ x﹣4．

∴ x2﹣ x﹣4=2x﹣16，解得x=6或x=8，

當x=8時，點Q2與點B重合，故舍去；

當x=6時，y=﹣4，

∴Q2（6，﹣4）．

綜上所述，符合題意的點Q的坐標為（﹣2，0）或（6，﹣4）

【解析】（1）根據函數解析式，求出當x=0和y=0是的函數值、自變量的值，即可求出點A、B、C三點坐標。
（2）先根據菱形是軸對稱圖形求出點D的坐標，在利用待定系數法求出直線DB的函數解析式，再分別表示出點M的坐標點Q的坐標，根據平行四邊形的性質，得出關于m的方程即可求出m的值，即可判斷四邊形CQBM是平行四邊形。
（3）要使△BDQ為直角三角形，分三種情況：①以點Q為直角頂點；②以點D為直角頂點；③以點B為直角頂點．根據勾股定理和相似三角形的判定和性質，分別求出點Q的坐標即可。
【考點精析】認真審題，首先需要了解確定一次函數的表達式(確定一個一次函數，需要確定一次函數定義式y=kx+b（k不等于0）中的常數k和b．解這類問題的一般方法是待定系數法)，還要掌握平行四邊形的判定與性質(若一直線過平行四邊形兩對角線的交點，則這條直線被一組對邊截下的線段以對角線的交點為中點，并且這兩條直線二等分此平行四邊形的面積)的相關知識才是答題的關鍵．