題目列表(包括答案和解析)
在單擺振動過程中，當擺球到達最高點時，下列說法正確的是 （ ）
A．速度最小，勢能最大，繩中拉力最大
B．速度最大，勢能最小，繩中拉力最小
C．速度最小，勢能最大，繩中拉力最小
D．速度最大，勢能最小，繩中拉力最大。
在單擺振動過程中，當擺球到達最高點時，下列說法正確的是 （ ）
A．速度最小，勢能最大，繩中拉力最大
B．速度最大，勢能最小，繩中拉力最小
C．速度最小，勢能最大，繩中拉力最小
D．速度最大，勢能最小，繩中拉力最大。
A.擺球擺動時偏角不能太大? B.擺長等于擺線長與擺球直徑之和?
C.計時開始時，擺球應位于最高點的位置? D.計時開始時，擺球應位于最低點的位置?
(2)電池組E的電動勢為3 V，內阻不計；電流表A1的量程為0～10 mA，內阻約為80Ω；電流表A2的量程為0～50μA，內阻為1 000Ω；滑動變阻器R1的阻值范圍0～10Ω，額定電流為1 A；電阻箱R2的阻值范圍為0～9 999Ω，額定電流為1 A，開關S，導線若干。?
①利用上述器材，采用伏安法測阻值約為140Ω的待測電阻Rx的阻值。因缺少電壓表，需要選一只電流表將它改裝成電壓表，請在圖所示框中畫出改裝電路圖，并在圖Ⅰ中標明所用器材的代號。?
②請在圖Ⅱ中所示框中畫出測Rx阻值的完整電路圖，并在圖中標明各器材的代號。?
③實驗中，將電阻箱R2的阻值調為3 kΩ。再調整滑動變阻器R1，使電流表A2的示數為3 000 μA，若此時電流表A1的示數為9 mA，則通過Rx的電流是? ?mA，進而求出Rx的阻值是? ?Ω。?
電流表改裝電壓表 伏安法測電阻?
圖Ⅰ 圖Ⅱ
①為了減小測量誤差，如下措施中正確的是___________。
A.單擺的擺角應盡量大些
B.擺線應盡量短些
C.擺球的體積應較小、質量應較大
D.測量周期時，應取擺球通過最低點作為計時的起、終點位置
E.測量周期時，應測擺球30～50次全振動的時間算出周期
F.將拴著擺球的擺線平放在桌面上，將擺線拉直后用米尺測出擺球球心到擺線某點O間的長度作為擺長，然后將擺線從O點吊起
②某學生在實驗中，測出了多組擺長l和周期T的值，然后作出T2-l圖線如圖所示，并已測量計算出圖線的斜率為k。則由斜率k求重力加速度的公式是g=___________。
(2)在把電流表改裝成電壓表的實驗中，要將量程為200 μA的電流表G改裝成量程為5 V的電壓表，需先用如圖所示的電路即“半偏法”測出此電流表的內電阻Rg。
①在測量Rg的實驗中，有如下的主要實驗器材供選擇：
A.滑動變阻器(阻值范圍0～200 Ω) B.滑動變阻器(阻值范圍0～1750 Ω)
C.電阻箱(阻值范圍0～999.9 Ω) D.電阻箱(阻值范圍0～99999.9 Ω)
E.電源(電動勢6 V，內阻0.3 Ω) F.電源(電動勢12 V，內阻0.6 Ω)
為提高測量精度，可變電阻R2應選用___________，電源E最好選用__________。(填入選用器材的字母代號)
②若測得Rg=500 Ω，為完成上述改裝，需要用一個__________Ω的電阻與電流表串聯。
③用改裝成的電壓表，按圖甲所示的電路測量未知電阻Rx。圖乙是電路中所需要的器材(虛線框內為上述已改裝好的電壓表)，請按電路圖畫出連線，將所示器材連接成實驗電路。(要求在閉合開關前，滑動變阻器的滑動頭處于正確位置)
④若測量未知電阻Rx時，電流表的示數為0.20 A，而改裝后的電壓表的表頭(刻度盤仍為原電流表的刻度)示數如圖丙所示，那么Rx的測量值為__________Ω。
（1）用單擺測定重力加速度的實驗中，除了鐵架臺、秒表外，還有如下器材供選用，請把應選用的器材填在橫線上__________ (填字母)。
A．1m長的粗繩
B．1m長的細線
C．半徑為lcm的小木球
D．半徑為lcm的小鉛球
E．最小刻度為mm的米尺
F. 最小刻度為cm的米尺
G．附砝碼的天平
（2）若實驗中測得的g值偏大，則可能的原因是_________
A、擺長中沒有加小球的半徑
B、開始計時時秒表過遲按下
C、在一定的時間內，把29次全振動誤數成了30次
D、在振動過程中懸點出現松動，致使擺長變大
一、不定項選擇題（40分）
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
B
BD
BD
CD
D
A
C
BC
D
BD
二、實驗題（20分）
11．(1)0.97 m/s (2)0.48 J 0.47 J
(3)重錘下落時受到空氣阻力以及紙帶受到打點計時器的阻力作用，重錘機械能減小．
12．(1)D
(2)彈簧的原長l0 第一步中的彈簧壓縮后的長度l1 滑塊的總位移s 第二步中靜止狀態下彈簧的長度l2
(3) 
三、計算題（90分）
13．解：設經過時間ｔ，物體到達Ｐ點
?（1）ｘＰ＝ｖ０ｔ，ｙＰ＝（1/2）（Ｆ/ｍ）ｔ2，ｘＰ／ｙＰ＝cot37°，
?聯解得
?ｔ＝3ｓ，ｘ＝30ｍ，ｙ＝22.5ｍ，坐標（30ｍ，22.5ｍ）
?（2）ｖy＝（Ｆ/ｍ）ｔ＝15ｍ/ｓ，
?∴ｖ＝
ｍ/ｓ，
?tanα＝ｖy／ｖ0＝15/10＝3/2，
?∴ α＝arctan(3/2)，α為ｖ與水平方向的夾角.
14．(1)F=12N (2)μ=0.2
15．解：啟動前Ｎ１＝ｍｇ，
?升到某高度時 Ｎ2＝（17/18）Ｎ１＝(17/18)ｍｇ，
?對測試儀 Ｎ2－ｍｇ′＝ｍａ＝ｍ(ｇ/2)，
?∴ ｇ′＝(8/18）ｇ＝（4/9）ｇ，
?ＧｍＭ/Ｒ2＝ｍｇ，ＧｍＭ/(Ｒ＋ｈ)2＝ｍｇ′，解得：ｈ＝(1/2)Ｒ．
16．解：由勻加速運動的公式 ｖ２＝ｖ０２＋2ａｓ
?得物塊沿斜面下滑的加速度為
?ａ＝ｖ2／2ｓ＝1.42／（2×1．4）＝0.7ｍ/ｓ２，
由于ａ＜ｇｓｉｎθ＝5ｍ/ｓ２，
?可知物塊受到摩擦力的作用．
?分析物塊受力，它受3個力，如圖3．對于沿斜面的方向和垂直于斜面的方向，由牛頓定律有
?ｍｇｓｉｎθ－ｆ１＝ｍａ，
?ｍｇｃｏｓθ－Ｎ１＝0，
?分析木楔受力，它受5個力作用，如圖3所示．對于水平方向，由牛頓定律有
?ｆ2＋ｆ１ｃｏｓθ－Ｎ１ｓｉｎθ＝0，
?由此可解得地面的作用于木楔的摩擦力
?ｆ2＝ｍｇｃｏｓθｓｉｎθ－（ｍｇｓｉｎθ－ｍａ）ｃｏｓθ＝ｍａｃｏｓθ＝1×0.7×（
／2）＝0.61Ｎ
?此力的方向與圖中所設的一致（即：水平向左）．
17．解：（1）開始Ａ、Ｂ處于靜止狀態時，有
?ｋｘ０－（ｍＡ＋ｍＢ）ｇｓｉｎ30°＝0， ①
?設施加Ｆ時，前一段時間Ａ、Ｂ一起向上做勻加速運動，加速度為ａ，ｔ＝0.2ｓ，Ａ、Ｂ間相互作用力為零，對Ｂ有：
?ｋｘ－ｍＢｇｓｉｎ30°＝ｍＢａ， ②
?ｘ－ｘ０＝（1／2）ａｔ2， ③
?解①、②、③得：
?ａ＝5ｍ/ｓ2，ｘ０＝0.05ｍ，ｘ＝0.15ｍ，
?初始時刻Ｆ最小
?Ｆｍｉｎ＝（ｍＡ＋ｍＢ）ａ＝60Ｎ．
?ｔ＝0.2ｓ時，Ｆ最大
?Ｆｍａｘ－ｍＡｇｓｉｎ30°＝ｍＡａ，
?Ｆｍａｘ＝ｍＡ（ｇｓｉｎ30°＋ａ）＝100Ｎ，
?（2）ΔＥＰＡ＝ｍＡｇΔｈ＝ｍＡｇ（ｘ－ｘ０）ｓｉｎ30°＝5Ｊ．
18．(1)
(2)
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