Question

等差數(shù)列{a_n}中，首項(xiàng)a₁=1，公差d≠0，前n項(xiàng)和為S_n，已知數(shù)列ak1，ak2，ak3，…，akn，…成等比數(shù)列，其中k₁=1，k₂=2，k₃=5．
（Ⅰ）求數(shù)列{a_n}，{k_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅱ）令b_n=

an

2kn-1

，數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T_n．若存在一個(gè)最小正整數(shù)M，使得當(dāng)n＞M時(shí)，S_n＞4T_n（n∈N^*）恒成立，試求出這個(gè)最小正整數(shù)M的值．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)題意，有a₂²=a₁•a₅，計(jì)算可得等差數(shù)列的公差，又由首項(xiàng)a₁=1，可得數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式，結(jié)合題意，可得等比數(shù)列a_k1，a_k2，a_k3，…，a_kn，…的公比q=3，進(jìn)而可得a_kn=3^n-1，根據(jù){a_n}的通項(xiàng)公式可得2k_n-1=3^n-1，進(jìn)而可得{k_n}的通項(xiàng)公式；
（Ⅱ）根據(jù)b_n=

an

2kn-1

，利用錯(cuò)位相減法可求得數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T_n，確定T_n單調(diào)遞增，關(guān)鍵Sn=n2在n∈N^*時(shí)單調(diào)遞增，即可求得結(jié)論．

解答：解：（Ⅰ）由a₂²=a₁•a₅，得（1+d）²=1•（1+4d），解得d=2，
∴a_n=2n-1，
∴a_kn=2k_n-1，
在等比數(shù)列中，公比q=

a2

a1

=3，∴a_kn=3^n-1，
∴2k_n-1=3^n-1，解得k_n=

3n-1+1

2

．
（Ⅱ）b_n=

an

2kn-1

=

2n-1

3n-1

，則Tn=

1

30

+

3

31

+…+

2n-1

3n-1

，

1

3

T_n=

1

31

+…+

2n-3

3n-1

+

2n-1

3n

，
兩式相減得：

2

3

T_n=1+

2

31

+…+

2

3n-1

-

2n-1

3n

=2-

2n+2

3n

，
∴T_n=3-

n+1

3n-1

∵T_n+1-T_n=

2n+1

3n

＞0，
∴T_n單調(diào)遞增，∴1≤T_n＜3．
又Sn=n2在n∈N^*時(shí)單調(diào)遞增．
且S₁=1，4T₁=4；S₂=4，4T₂=8；S₃₌₉，4T₃=

92

9

；S₄=16＞12，4T₄＜12；…．
故當(dāng)n＞3時(shí)，S_n＞4T_n恒成立，則所求最小正整數(shù)M的值為3．

點(diǎn)評(píng)：本題考查等比數(shù)列的性質(zhì)以及錯(cuò)位相減法的應(yīng)用，錯(cuò)位相減法是重要的數(shù)列求和方法，需要熟練掌握．