Question

將一定量的鎂和銅組成的混合物加入到稀HNO₃中，金屬完全溶解（假設反應中還原產物只有NO），向反應后的溶液中加入150mL一定濃度的NaOH溶液恰好沉淀完全，測得生成沉淀的質量比原合金的質量增加7.65g，則下列敘述中不正確的是（　　）

A．所用的NaOH溶液的物質的量濃度為3mol?L^-1

B．當金屬全部溶解時，收集到NO氣體的體積一定為3.36L

C．參加反應的金屬的總質量（m）為5.4g＜m＜14.4g

D．若將產生的氣體全部轉化為硝酸，則至少需要標況下2.52L的氧氣

Answer 1

分析：本題涉及到的反應有：3Mg+8HNO₃ （稀）=3Mg（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O；3Cu+8HNO₃ （稀）=3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O；
Mg（NO₃）₂+2NaOH=Mg（OH）₂↓+2NaNO₃；Cu（NO₃）₂+2NaOH=Cu（OH）₂↓+2NaNO₃．
將一定量的鎂和銅組成的混合物加入到稀HNO₃中，金屬完全溶解（假設反應中還原產物只有NO），向反應后的溶液中加入15mL一定濃度的NaOH溶液恰好沉淀完全，沉淀為氫氧化鎂和氫氧化銅，生成沉淀的質量比原合金的質量增加7.65g，則氫氧化鎂和氫氧化銅含有氫氧根的質量為7.65g，氫氧根的物質的量為

7.65g

17g/mol

=0.45mol，則鎂和銅的總的物質的量為0.225mol，根據電子轉移守恒可知生成的NO物質的量為

0.225mol×2

3

=0.15mol．
A、加入的氫氧化鈉可能中和為反應的硝酸；
B、根據電子轉移守恒計算NO物質的量，結合氣體不一定是標準狀況判斷；
C、鎂和銅的總的物質的量為0.225mol，利用極限法假定全為鎂、全為銅計算判斷；
D、根據4NO+3O₂+2H₂O=4HNO₃計算判斷．

解答：解：本題涉及到的反應有：3Mg+8HNO₃ （稀）=3Mg（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O；3Cu+8HNO₃ （稀）=3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O；
Mg（NO₃）₂+2NaOH=Mg（OH）₂↓+2NaNO₃；Cu（NO₃）₂+2NaOH=Cu（OH）₂↓+2NaNO₃．
將一定量的鎂和銅組成的混合物加入到稀HNO₃中，金屬完全溶解（假設反應中還原產物只有NO），向反應后的溶液中加入15mL一定濃度的NaOH溶液恰好沉淀完全，沉淀為氫氧化鎂和氫氧化銅，生成沉淀的質量比原合金的質量增加7.65g，則氫氧化鎂和氫氧化銅含有氫氧根的質量為7.65g，氫氧根的物質的量為

7.65g

17g/mol

=0.45mol，則鎂和銅的總的物質的量為0.225mol，根據電子轉移守恒可知生成的NO物質的量為

0.225mol×2

3

=0.15mol．
A、若硝酸無剩余，則氫氧化鈉的物質的量等于0.45mol，氫氧化鈉溶液的濃度為

0.45mol

0.15L

=3mol/L，硝酸可能有剩余，如剩余則氫氧化鈉溶液的濃度大于3mol/L，故A錯誤；
B、鎂和銅的總的物質的量為0.225mol，根據電子轉移守恒可知生成的NO物質的量為

0.225mol×2

3

=0.15mol，若為標準狀況下，生成NO的體積為0.15mol×22.4L/mol=3.36L，但NO不一定處于標準狀況，故B錯誤；
C、鎂和銅的總的物質的量為0.225mol，假定全為鎂，質量為0.225mol×24g/mol=5.4g，若全為銅，質量為0.225mol×64g/mol=14.4g，所以參加反應的金屬的總質量（m）為5.4g＜m＜14.4g，故C正確；
D、根據電子轉移守恒可知生成的NO物質的量為

0.225mol×2

3

=0.15mol，由4NO+3O₂+2H₂O=4HNO₃可知，至少需要氧氣的物質的量為0.15mol×

3

4

，需標準狀況下氧氣體積為0.15mol×

3

4

×22.4L/mol=2.52L，故D正確．
故選AB．

點評：本題結合鎂銅與硝酸反應、生成的鹽與氫氧化鈉反應，綜合考查學生的得失電子守恒、質量守恒的綜合計算能力，同時也考查了學生的學習綜合運用和解決復雜問題的能力，是一道考查能力的好題，難度較大．