Question

已知：如圖，四邊形ABCD是等腰梯形，其中AD∥BC，AD=2，BC=4，AB=DC=2，點(diǎn)M從點(diǎn)B開始，以每秒1個(gè)單位的速度向點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)；點(diǎn)N從點(diǎn)D開始，沿D→A→B方向，以每秒1個(gè)單位的速度向點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)．若點(diǎn)M、N同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，其中一點(diǎn)到達(dá)終點(diǎn)，另一點(diǎn)也停止運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t（t＞0）．過點(diǎn)N作NP⊥BC與P，交BD于點(diǎn)Q．
（1）點(diǎn)D到BC的距離為______；
（2）求出t為何值時(shí)，QM∥AB；
（3）設(shè)△BMQ的面積為S，求S與t的函數(shù)關(guān)系式；
（4）求出t為何值時(shí)，△BMQ為直角三角形．

Answer 1

（1）

3

（2）過A作AE⊥BC于E，過D作DF⊥BC于F，則四邊形AEFD是矩形．
BE=CF=

BC-AD

2

=1．
直角三角形CFD中，CF=1，CD=2，cos∠C=

1

2

∴∠C=60°，DF=

3

．
∴∠ABE=∠C=60°
∵QM∥AB
∴∠QMP=60°
∵BM=t，PF=ND=t，F(xiàn)C=1，BC=4
∴PM=3-2t，BP=3-t．
直角三角形QPM中，∠QMP=60°，PM=3-2t，QP=

3

（3-2t）．
∵QP⊥BC，DF⊥BC
∴QP∥DF，
∴△BQP∽△BDF，
∴

BP

BF

=

QP

DF

，即

3-t

3

=

3 (3-2t)

3

∴5t=6，即t=1.2（s）
當(dāng)t=1.2s時(shí)，QM∥AB

（3）當(dāng)0＜t≤2時(shí)，三角形BDF中，BF=3，DF=

3

，
∴BD=2

3

三角形BCD中，CD=2，BD=2

3

，BC=4，
因此BD²+CD²=BC²，
即三角形BDC是直角三角形，且∠BDC=90°，∠DBC=30°．
直角三角形BQP中，BP=3-t，∠DBC=30°，
∴PQ=

3

3

（3-t）
因此：S=

1

2

×t×

3

3

（3-t）=-

3

6

t²+

3

2

t
當(dāng)2＜t＜4時(shí)，直角三角形NBP中，∠ABC=60°，BN=4-t，
∴BP=

4-t

2

．
在直角三角形BPQ中，∠DBC=30°，BP=

4-t

2

，
∴QP=

3 (4-t)

6

因此：S=

1

2

×t×

3 (4-t)

6

=-

3

12

t²+

3

3

t

（4）當(dāng)0＜t≤2時(shí)，即N在AD上時(shí)，分兩種情況進(jìn)行討論：
①當(dāng)∠BMQ=90°，即M與P點(diǎn)重合，那么BM+PF+CF=BM+ND+CF=2t+1=4
解得：t=1.5s．
②當(dāng)∠BQM=90°，在直角三角形NQD中，ND=t，∠ADB=∠DBC=30°，
∴NQ=

3

3

t．
∵NP=

3

∴QP=

3

-

3

3

t
在直角三角形BQM中，∠DBC=30°，BM=t
∴QM=

1

2

t
在直角三角形QPM中，∠QMP=60°，QM=

1

2

t
∴QP=

3

4

t
∴

3

-

3

3

t=

3

4

t．
解得t=

12

7

s．
當(dāng)2＜t＜4時(shí)，∠BQM=90°
直角三角形BNP中，BN=4-t，∠ABC=60°，
∴BP=

4-t

2

，
∴PM=BM-BP=t-

4-t

2

=

3t-4

2

在直角三角形BPQ中，∠DBC=30°，BP=

4-t

2

∴PQ=

3 (4-t)

6

直角三角形QPM中，∠QMP=60°，PM=

3t-4

2

∴PQ=

3 (3t-4)

2

因此

3 (4-t)

6

=

3 (3t-4)

2

，
解得t=1.6s，與此時(shí)t的取值范圍不符，
因此這種情況不成立．
綜上所述，當(dāng)t=1.5s或

12

7

s，△BMQ是直角三角形．